Coordenadas e Mudança de Base
Universidade Federal do Pará
Definição
Seja \(B=\{v_1,\ldots,v_n\}\) base ordenada de \(V\). Se \[v = c_1v_1+c_2v_2+\cdots+c_nv_n,\] o vetor de coordenadas de \(v\) em relação a \(B\) é \[[v]_B = (c_1,c_2,\ldots,c_n).\]
Seja \(B=\{b_1,b_2\}=\{(1,1),\,(1,-1)\}\) (base de \(\mathbb{R}^2\), pois \(\det\begin{bmatrix}1&1\\1&-1\end{bmatrix}=-2\neq0\)). Encontrar \([v]_B\) para \(v=(4,2)\).
Resolvemos \(c_1(1,1)+c_2(1,-1)=(4,2)\): \[\begin{cases}c_1+c_2=4\\ c_1-c_2=2\end{cases} \ \Longrightarrow\ 2c_1=6 \Rightarrow c_1=3,\quad c_2=4-3=1\]
Verificação: \(3(1,1)+1(1,-1)=(3,3)+(1,-1)=(4,2)\) ✓. Logo \([v]_B=(3,1)\).
Definição
Sejam \(B=\{b_1,\ldots,b_n\}\) e \(B'\) duas bases ordenadas de \(V\). A matriz de mudança de base de \(B\) para \(B'\) é \[P_{B\to B'} = \Big[\ [b_1]_{B'}\ \ [b_2]_{B'}\ \ \cdots\ \ [b_n]_{B'}\ \Big]\] isto é, suas colunas são as coordenadas, na base \(B'\), de cada vetor de \(B\).
Como usar
\[[v]_{B'} = P_{B\to B'}\,[v]_B \qquad \text{para todo } v\in V.\]
Sejam \(B=\{(1,1),(1,-1)\}\) e \(B'=\{(2,1),(1,1)\}\) (verifica-se \(\det\begin{bmatrix}2&1\\1&1\end{bmatrix}=1\neq0\): \(B'\) é base).
Coordenadas de \(b_1=(1,1)\) em \(B'\): \(d_1(2,1)+d_2(1,1)=(1,1)\) \[\begin{cases}2d_1+d_2=1\\d_1+d_2=1\end{cases}\Rightarrow d_1=0,\ d_2=1 \Rightarrow [b_1]_{B'}=(0,1)\]
Coordenadas de \(b_2=(1,-1)\) em \(B'\): \(d_1(2,1)+d_2(1,1)=(1,-1)\) \[\begin{cases}2d_1+d_2=1\\d_1+d_2=-1\end{cases}\Rightarrow d_1=2,\ d_2=-3 \Rightarrow [b_2]_{B'}=(2,-3)\]
\[P_{B\to B'} = \begin{bmatrix}0&2\\1&-3\end{bmatrix}\]
Do exemplo da Seção 15.1: \(v=(4,2)\) tem \([v]_B=(3,1)\). Calculamos \([v]_{B'}\):
\[[v]_{B'} = P_{B\to B'}[v]_B = \begin{bmatrix}0&2\\1&-3\end{bmatrix}\begin{bmatrix}3\\1\end{bmatrix} = \begin{bmatrix}0(3)+2(1)\\1(3)-3(1)\end{bmatrix} = \begin{bmatrix}2\\0\end{bmatrix}\]
Verificação direta: \(d_1(2,1)+d_2(1,1)=(4,2) \Rightarrow 2d_1+d_2=4,\ d_1+d_2=2 \Rightarrow d_1=2,\ d_2=0\).
\[[v]_{B'}=(2,0) \ \checkmark \quad \text{coincide exatamente com o resultado via } P_{B\to B'}.\]
Seja \(E=\{e_1,e_2\}\) a base canônica e \(B=\{(1,1),(1,-1)\}\) como antes.
\(P_{B\to E}\) é imediata: suas colunas são os próprios vetores de \(B\) (coordenadas na base canônica = as próprias componentes): \[P_{B\to E} = \begin{bmatrix}1&1\\1&-1\end{bmatrix}\]
\(P_{E\to B}\) é a inversa: \(P_{E\to B} = (P_{B\to E})^{-1}\).
\[P_{E\to B} = \frac{1}{\det}\begin{bmatrix}-1&-1\\-1&1\end{bmatrix} = \frac{1}{-2}\begin{bmatrix}-1&-1\\-1&1\end{bmatrix} = \begin{bmatrix}\tfrac12&\tfrac12\\ \tfrac12&-\tfrac12\end{bmatrix}\]
Calculando \([e_1]_B\) e \([e_2]_B\) diretamente: \(c_1(1,1)+c_2(1,-1)=(1,0)\)
\[\begin{cases}c_1+c_2=1\\c_1-c_2=0\end{cases}\Rightarrow c_1=c_2=\tfrac12 \Rightarrow [e_1]_B=\left(\tfrac12,\tfrac12\right)\]
Analogamente, \([e_2]_B=\left(\tfrac12,-\tfrac12\right)\). Logo \[P_{E\to B}=\begin{bmatrix}\tfrac12&\tfrac12\\\tfrac12&-\tfrac12\end{bmatrix}\]
— exatamente a inversa calculada no slide anterior. Confirma: \(P_{E\to B}=(P_{B\to E})^{-1}\).
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